AtCoder Beginner Contest 266 E(期望) F(基环树)

E - Throwing the Die（期望）
题意
掷骰子游戏，游戏有$N$轮。每次掷骰子得到的数字就是分数，游戏可以随时终止，但不能超过$N$轮，最后一次掷骰子得到的数字就是最终分数。给定$N$的值，求期望分数的最大值。

分析
掷骰子得到分数的期望值与$N$有关，用$f[N]$表示游戏进行$N$轮分数期望的最大值。由于题目所求的是期望的最大值，因此在第$N$轮对于投出的每一种情况，期望值不能小于$f[N-1]$，可得如下状态转移方程。
f [ N ] = 1 6 ∑ i = 1 6 m a x ( i , f [ N − 1 ] ) f\lbrack N\rbrack=\frac16\sum_{i=1}^6max(i,f\lbrack N-1\rbrack) f[N]=61i=1∑6max(i,f[N−1])

AC代码

double f[N];
int n;

int main()
{
	cin>>n;
	for(int i=1;i<=n;i  )
	{
		for(int j=1;j<=6;j  )
		{
			f[i] =max(j*1.0,f[i-1])/6;
		}
	}
	cout<<fixed<<setprecision(6)<<f[n]<<endl;
	return 0;
}

F - Well-defined Path Queries on a Namori（基环树 并查集 DFS）
题意
给定一个含有$N$个点$N$条边的无向连通图，问图上两个不同的点之间简单路径是否唯一。简单路径是图上不重复经过某个点的路径。

分析
根据题目中的定义可知给定的图是基环树，基环树上有且仅有一个环。如果将环上的边删去，就可以得到若干棵以环上的点为根的树。如果两个点之间的简单路径不唯一，那么这两个点之间的路径一定经过环上的边。将环断开后得到的每棵树可以看做是一个连通块，如果两个点在同一个连通块则简单路径唯一，否则不唯一。在实现时可以用并查集或者DFS，两种方法都是从度数为1的点入手，可以参考下面的代码。

AC代码

并查集

const int N=2e5 10;
vector<int> v[N];
queue<int> q;
int pa[N],in[N];
int n,m;

int find(int x)
{
	return pa[x]==x?pa[x]:pa[x]=find(pa[x]);
}

void merge(int x,int y)
{
	pa[find(x)]=pa[find(y)];
}

int main()
{
	cin>>n;
	for(int i=1;i<=n;i  ) pa[i]=i;
	for(int i=1;i<=n;i  )
	{
		int x,y;
		cin>>x>>y;
		v[x].push_back(y);
		v[y].push_back(x);
		in[x]  ,in[y]  ;
	}
	for(int i=1;i<=n;i  ) if(in[i]==1) q.push(i);
	while(q.size()>0)
	{
		int x=q.front();
		q.pop();
		for(auto y:v[x])
		{
			merge(x,y);
			in[y]--;
			if(in[y]==1) q.push(y);
		}
	}
	cin>>m;
	while(m--)
	{
		int x,y;
		cin>>x>>y;
		if(find(x)==find(y)) cout<<"Yes"<<endl;
		else cout<<"No"<<endl;
	}
	return 0;
}

DFS

vector<vector<int>> g;
vector<bool> is_cycle;
vector<int> root_id;

void dfs(int v, int p) {
    root_id[v] = root_id[p];
    for(auto to : g[v]) {
        if(to != p) dfs(to, v);
    }
}

int main()
{
    int n;
    cin >> n;
    g.resize(n);
    is_cycle.resize(n, true);
    root_id.resize(n, -1);
    vector<int> deg(n);
    for(int i = 0; i < n; i  ) {
        int u, v;
        cin >> u >> v;
        --u, --v;
        g[u].push_back(v);
        g[v].push_back(u);
        deg[u]  , deg[v]  ;
    }
    queue<int> que;
    for(int i = 0; i < n; i  ) {
        if(deg[i] == 1) {
            que.push(i);
        }
    }
    while(!que.empty()) {
        int v = que.front();
        que.pop();
        is_cycle[v] = false;
        for(auto to : g[v]) {
            if(deg[to] >= 2) {
                deg[to]--;
                if(deg[to] == 1) {
                    que.push(to);
                }
            }
        }
    }
    for(int i = 0; i < n; i  ) {
        if(is_cycle[i]) {
            root_id[i] = i;
            for(auto to : g[i]) {
                if(!is_cycle[to]) {
                    dfs(to, i);
                }
            }
        }
    }
    int q;
    cin >> q;
    while(q--) {
        int u, v;
        cin >> u >> v;
        --u, --v;
        cout << (root_id[u] == root_id[v] ? "Yes" : "No") << endl;
    }
}

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